これこれこのような理由で、ゼロ除算は計算出来ないという風潮を取っ払うために
ゼロ除算はNGだという理由を全て論破していきたいと思います。
なぜ、ゼロ除算は出来ないのか、あなたなりの理由を教えて下さい。
Why mathematician, Why. (division by zero) Please tell me!
youtu.be0^0=1は
1×(0を0回乗算する。すなわち、0をかけないので)=1
0^n=0は
1×(0をn回乗算する。すなわち、1×0×0×0×0……）=0
だと考えます。
±∞=±0は
0.99999……という無限小数点数があるように、
小数点位置を右に動かそうが、左に動かそうが、その数に限りが無いことを意味します。
上限値だけではないという意味を含みます。最下限値もまた±∞であるという意味です。
±0.∞と言えるでしょう。
Diese Welt ist eine. Nicht Null.
3.14…は(3(7x+Y)+x/7x+Y)を4回繰り返しているということが分かりました。
どうして、このような規則性が生れたのか、もう少し調べてみる必要がありそうです。
xに入る値
1 8 15 22 29… （+7）
2 9 16 23 30… （+7）
3 10 17 24 31… （+7）
4 11 18 25 32… （+7）
(3(7(x+3*y)+y)+(x+3*y))/(7(x+3*y)+y)=π
(3(7(x+3*y)+y)+(x+3*y))/(7(x+3*y)+y)=(22x+69y)/(7x+22y)=π
π(7(x+3*y)+y)/(3(7(x+3*y)+y)+(x+3*y))=π(7x+22y)/(22x+69y)=1
π(7x+22y)=(22x+69y)
これだった。
(22x+69y)/(7x+22y)=π （x,y)=(1,0)(0,1)
ここから全ての出発地点
これによると中間地点は
3.14282となるのです。
３と７をｘとｙに変えて、ｘとｙを１にすると
(x(y(1+1x)+1)+(1+1x))/(y(1+1x)+1)=π
y=(π-2x-1)/(x+x＾2-π-xπ)
小数点以下の値の揺らぎを生み出している
７が小数点以下の値を作り出す
３が整数値を作っている
(3(7(x+3*y)+y)+(x+3*y))/(7(x+3*y)+y)
２．１４・・・にしたければ、３を２変えれば良い。
１/７の小数点だから、１/９の0.111を範囲に取りたければ、７を９に変えれば良い。
ということか
x(x+1)=π+2yπ
XとY即ち３と７の関連性
３次元には３量子と１があり、
それは即ち１周と半分の電子パワーだったりする？
７を取り除くと６０度角が出現する。
６０度角は正三角形。
60度角の正三角形は円の３６０度内に６個。１８０度内に３個入る。３の倍数
(3y+x+y+y+x)/(x+3y+y)=π/3
(x/y)*y-x=0
これまでの数式では
(1/3)*3=1
と証明されておりました。
しかし、それは間違いです。
(x/y)*y-x=0
これまでの数式では
(1/3)*3=1
と証明されておりました。
しかし、本当はそれは間違いです。
正しくは
x=(x/y)*y+mod(x,y)
こちらの式が正しく、これは小数点以下の分数計算で証明可能です。
1=(1/3)*3+mod(1,3)
(1/3)*3=0.999...
であり、１ ではありません。
すなわち
0=(x/y)*y+mod(x,y)-x
という方程式が成立し、割り切れる数は
mod(x,y)=0
となるため
(x/y)*y-x=0
を利用することで割り切れる数を求めることが可能です。
割り切れない場合はこれを
(x/y)*y=(y-1)+0.999...
であり
mod(x,y)=0.001
の可能性が広がっているとなるでしょう。
その為、整数とは別次元に0という無限値が常に膨張し続けることができるのです。
0<=0.999...<1
永遠に1にはならない。
１７頭のラクダを３人の息子達に遺産相続するを検証する
”アラブのとある国のとあるところに、父親を亡くした三人の息子がいた。
父親は次のような遺言を遺していた：「私が死んだら、私の財産の半分を長男に、三分の一を次男に、九分の一を三男に、譲る。」
父親の財産とは、１７頭のラクダであった。”
長男は17/2
次男は17/3
三男は17/9
を貰えるということです。
1/2以外は割り切れないけど、とりあえず小数点以下第２位まで求めてみます。
長男は8.5
次男は5.66
三男は1.88
設問では賢者らしき旅人が、１頭を渡すことで
長男は18/2 ＝ 9
次男は18/3 ＝ 6
三男は18/9 ＝ 2
という結論を導いていました。
但し、9＋6＋2は17であり、賢者らしき旅人の1頭が余るため、最後の1頭は返してもらいます。などとして一件落着っぽくしています。
これは公倍数を勉強するための手段であって、除算を勉強するための手段ではありません。
この問題は
1/2 1/3 1/9 という分数をどうすれば17で割れるかを考える問題ですが
最小公倍数を求めると
長男は9/18
次男は6/18
三男は2/18
となり、それぞれを足すことで17/18となるので、長男は９頭、次男は６頭、三男は２頭という話が成立するのです。
分数の足し算と最小公倍数を使うことで全部で１７頭だということを教えてくれます。
１７頭しかいないラクダを、１８頭にする意味が出てきました。
この設問には、一点だけ大きな問題があります。それは性善説です。
旅人がくれたラクダ１頭を、なぜ３人が手放す必要があるでしょうか？
最後にその１頭を争って奪い合うという最悪のシナリオが発生します。
そうです、たかだか１７頭の割り算が出来なかっただけで、３人の兄弟は争ったのです。愚かでしょう。その３人の兄弟が旅人からもらった最後の１頭を争わないわけがありません。
最悪は旅人をその場で殺しかねません。要らぬ火種を旅人は作ってしまったのです。
では、旅人が小数点以下第２位まで求める割り算が出来ていたらどうだったでしょう。
最初に戻ります。
長男は17/2×2＋（余り）=17
次男は17/3×3＋（余り）=17
三男は17/9×9＋（余り）=17
長男は8.5×2+0=17
次男は5.66×3+0.02=17
三男は1.88×9+0.08=17
それぞれ、長男は8頭、次男は5頭、三男は1頭を先に分け合います。
17-8-5-1=3
残りは、余りの3頭ですね。
余り=17-17/2×2
余り=17-17/3×3
余り=17-17/9×9
それぞれの余りを
長男は8頭＋1頭
次男は5頭＋1頭
三男は1頭＋1頭
とすれば、賢者らしき旅人が１頭を出さなくっても良かったことになります。
今回のケースでは、小数点以下の四捨五入でも均等に分け合う事は出来たでしょう。
よく見ると「余りは1」が成立している事になりますね。
MOD（17，2）=1
MOD（17，3）=1
MOD（17，9）=1
即ち
0.999…≒1は正しくなくって
0.999…≒0が正しく、（0.999…≒0）+（余り≒1）≒1となる。
さて問題です。
37頭のラクダを3人の息子達に遺産相続します。
長男に四分の一、次男に五分の一、三男に六分の一を譲ります。
旅人は何頭用意しなければならないでしょうか？
旅人の計算だと長男が１頭多く、三男が１頭少なくなり
私の計算だと三男が１頭多く、長男が１頭少なくなります。
三男を１１頭にしてあげたい、長男の優しさがあるのです。
余りの15頭を三等分せずに
長男に3、次男に3、三男に2として振り分ければ
余りの7頭を
長男に1、次男に1、三男に1を振り分ければ
長男に１、次男に0、三男に0を振り分ければ
最後に3頭残って、
長男に15、次男に12、三男に10にはなりますね。
ゼロ除算の証明と0/0=±0であるの解｜ふぃろ 【マガジンに来てね♪】｜note（ノート） https://note.mu/otspace0715/n/n2899b6c84689